結果

問題 No.75 回数の期待値の問題
ユーザー Yang33
提出日時 2018-04-16 18:46:09
言語 C++14
(gcc 13.3.0 + boost 1.87.0)
結果
AC  
実行時間 13 ms / 5,000 ms
コード長 4,156 bytes
コンパイル時間 2,106 ms
コンパイル使用メモリ 176,536 KB
実行使用メモリ 6,944 KB
最終ジャッジ日時 2024-06-27 04:02:47
合計ジャッジ時間 2,816 ms
ジャッジサーバーID
（参考情報） 		judge5 / judge2
このコードへのチャレンジ
（要ログイン）
ファイルパターン 結果
sample AC * 4
other AC * 16
権限があれば一括ダウンロードができます

ソースコード

diff # 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

using VS = vector<string>;    using LL = long long;
using VI = vector<int>;       using VVI = vector<VI>;
using PII = pair<int, int>;   using PLL = pair<LL, LL>;
using VL = vector<LL>;        using VVL = vector<VL>;

#define ALL(a)  begin((a)),end((a))
#define RALL(a) (a).rbegin(), (a).rend()
#define PB push_back
#define EB emplace_back
#define MP make_pair
#define SZ(a) int((a).size())
#define SORT(c) sort(ALL((c)))
#define RSORT(c) sort(RALL((c)))
#define UNIQ(c) (c).erase(unique(ALL((c))), end((c)))
#define FOR(i, s, e) for (int(i) = (s); (i) < (e); (i)++)
#define FORR(i, s, e) for (int(i) = (s); (i) > (e); (i)--)
#define debug(x) cerr << #x << ": " << x << endl
const int INF = 1e9;                          const LL LINF = 1e16;
const LL MOD = 1000000007;                    const double PI = acos(-1.0);
int DX[8] = { 0, 0, 1, -1, 1, 1, -1, -1 };    int DY[8] = { 1, -1, 0, 0, 1, -1, 1, -1 };

/* -----  2018/04/16  Problem: yukicoder 075  / Link: http://yukicoder.me/problems/no/075  ----- */
/* ------問題------

1個のサイコロを何回か振って目の合計をちょうどKにしたい。
もしKを超えてしまったら合計を0にリセットする。
ただしサイコロを振った回数はリセットされない。
例えば、K=5のときサイコロを1回振って6が出たとする。
この場合はKを超えてしまったので合計を0に戻し2回目を振ることになる。
サイコロは目の合計がちょうどKになるまで振り続ける。
サイコロを振る回数の期待値を求めよ。

-----問題ここまで----- */
/* -----解説等-----

典型らしい。知らなかったので嬉しい。
解法1: P(0) = P(K+1) = P(K+2) ...よりK本の連立方程式 で解ける
解法2: P(0)が全てに絡むので、dp(i) = Ai dp(0) + Bi として解ける
解法3: dp(K)=mと仮定してDPし、dp(K)≧mかどうかを判定する。これは二分探索でできる
解法4: ガウスサイデル法で反復し解の収束を行なう(それはそう)
解法5: モンテカルロ

----解説ここまで---- */
template<typename T>
vector<T> gauss_jordan(const vector<vector<T>>& A, const vector<T>& b) {
	const double EPS = 1e-8;
	int n = (int)A.size();
	vector<vector<T>> B(n, vector<T>(n + 1));
	for (int i = 0; i < n; i++) {
		for (int j = 0; j < n; j++)
			B[i][j] = A[i][j];
	}
	for (int i = 0; i < n; i++) {
		B[i][n] = b[i];
	}
	for (int i = 0; i < n; i++) {
		int pivot = i;
		for (int j = i; j < n; j++) {
			if (abs(B[i][j]) > abs(B[pivot][i]))pivot = j;
		}
		swap(B[i], B[pivot]);

		if (abs(B[i][i]) < EPS) { //解がないか一意でない
			cerr << "error be." << endl;
			return vector<T>();
		}

		for (int j = i + 1; j <= n; j++)B[i][j] /= B[i][i];
		for (int j = 0; j < n; j++) {
			if (i != j) {
				for (int k = i + 1; k <= n; k++)
					B[j][k] -= B[j][i] * B[i][k];
			}
		}
	}
	vector<T> x(n);//解
	for (int i = 0; i < n; i++) {
		x[i] = B[i][n];
	}

	return x;//veci.
}


void solve1(int K) { // 連立方程式
	vector<vector<double>>A(K + 1, vector<double>(K + 1, 0));
	vector<double> b(K + 1, 0);
	FOR(i, 0, K) {
		A[i][i] = 6.0;
		FOR(j, 1, 6 + 1) {
			if (i + j <= K)A[i][i + j]--;
			else A[i][0]--;
		}
		b[i] = 6;
	}
	A[K][K] = 1;
	vector<double>E = gauss_jordan(A, b);
	cout << fixed << setprecision(5) << E[0] << endl;

}
void solve2(int K) { // 漸化式

}
void solve3(int K) { // DP 二分探索

}
void solve4(int K) { // 収束
	vector<double>dp(K + 6, 0);
	FOR(t, 0, 10000) {
		FOR(i, 0, K) {
			double tmp = 6;
			FOR(j, 1, 6 + 1) {
				if (i + j > K)tmp += dp[0];
				else tmp += dp[i + j];
			}
			dp[i] =tmp/ 6.0;
		}
	}
	cout << fixed << setprecision(5) << dp[0] << endl;
}
void solve5(int K) { //モンテカルロ法
	LL sum = 0;
	for (int t = 0; t < 100000; t++) {
		int k = 0;
		for (int i = 1; ; i++) {
			k += 1 + rand() % 6;
			if (k == K) {
				sum += i;
				break;
			}
			else if (k > K) k = 0;
		}
	}
	cout << fixed << setprecision(5) << sum / 100000.0 << endl;
}

int main() {
	cin.tie(0);
	ios_base::sync_with_stdio(false);

	int K; cin >> K;
	solve4(K);

	return 0;
}
0