結果

問題 No.2982 Logic Battle
ユーザー InTheBloomInTheBloom
提出日時 2024-11-23 23:56:12
言語 D
(dmd 2.106.1)
結果
MLE  
実行時間 -
コード長 2,554 bytes
コンパイル時間 5,596 ms
コンパイル使用メモリ 174,080 KB
実行使用メモリ 1,632,896 KB
最終ジャッジ日時 2024-12-06 23:31:40
合計ジャッジ時間 82,631 ms
ジャッジサーバーID
（参考情報） 		judge2 / judge1
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入力 結果 実行時間
実行使用メモリ
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10,496 KB
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10,496 KB
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10,496 KB
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testcase_09 AC 1 ms
10,496 KB
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testcase_11 AC 1,445 ms
433,024 KB
testcase_12 MLE -
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testcase_14 MLE -
testcase_15 AC 140 ms
41,472 KB
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testcase_17 AC 949 ms
280,576 KB
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5,248 KB
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testcase_35 TLE -
testcase_36 TLE -
testcase_37 MLE -
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ソースコード

diff # 

import std;

void main () {
    int N = readln.chomp.to!int;
    auto A = new int[][](N, 0);
    foreach (i; 0..N) A[i] = readln.split.to!(int[]);

    // 攻撃力を状態に持つと大変なことになる。
    // 攻撃力P = p1 + p2 + p3 + ...という形で保持することを考えて、マイナスを食らうのは最初の一回だけという風にみなせばその選択が敵に与えるダメージを各ターン独立に計算できて、状態を潰せる。
    // 0をとったときに上の議論がつぶれる。その時点での攻撃力が0でなければ同様の議論ができるが、0だと話が違う。なので、攻撃力が0かどうかが知りたい。
    // 0 0 0が連続で来ることなどを考えると、攻撃力もO(N)くらい持っておきたい。

    auto dp = new long[][][](N + 1, N + 1, 3);
    // dp[i][j][k] := iターン終了して最後に選択したカードがkであり、攻撃力がjである状態で与えられるダメージの最大値
    // ただし攻撃力はN以下に潰して考える。(0になりうるかだけが大切なので、デカい場所は持たなくてよい。)

    foreach (i; 0..N + 1) {
        foreach (j; 0..N + 1) {
            foreach (k; 0..3) {
                dp[i][j][k] = -long.max;
            }
        }
    }

    dp[0][0][] = 0;

    foreach (i; 0..N) {
        foreach (j; 0..N + 1) {
            foreach (k; 0..3) {
                if (dp[i][j][k] == -long.max) continue;

                foreach (l; 0..3) {
                    if (k == l) continue;
                    if (A[i][l] == 0) {
                        // 遷移前攻撃力を持っていればそれも巻き添えになる。
                        int v = 0;
                        if (0 < j) v = -1;
                        dp[i + 1][max(j - 1, 0)][l] = max(
                                dp[i + 1][max(j - 1, 0)][l],
                                dp[i][j][k] + (N - i - 1) * v,
                                );
                    }

                    if (1 <= A[i][l]) {
                        dp[i + 1][min(N, j - 1 + A[i][l])][l] = max(
                                dp[i + 1][min(N, j - 1 + A[i][l])][l],
                                dp[i][j][k] + 1L * (N - i) * (A[i][l] - 1) + 1,
                                );
                    }
                }
            }
        }
    }

    long ans = 0;
    foreach (j; 0..N + 1) {
        foreach (k; 0..3) {
            ans = max(ans, dp[N][j][k]);
        }
    }

    writeln(ans);
}
0